Задача 1:
В трапеции ABCD (AD параллельна BC) точка M – середина AD,
точка N – середина CD, и точка O – точка пересечения прямых AN и
BM. Докажите, что S
ABO = S
MOND.
Решение:
Основание AM треугольника ABM в 2 раза больше основания AD
треугольника AND (см.рис.1), а высота NF в 2 раза меньше
высоты BK. Поэтому S
ABM = S
AND. Вычитая из обеих частей
этого равенства S
AOM, получаем утверждение задачи.
Задача 2:
Выражение (a – b)³ + (b – c)³ + (c – a)³ разложите в произведение
трех неодинаковых сомножителей.
Решение:
[(a – b)³ + (b – c)³] + (c – a)³ = (a-b+b-c)[(a-b)^2
-(a-b)(b-c)+(b-c)^2]+(c-a)^3=(a – c)(3b² – 3ab + 3ac – 3bc) = 3(a – c)(b – a)(b – c).
Задача 3:
Про семь натуральных чисел известно, что сумма любых шести из них
делится на 5. Докажите, что любое из этих чисел делится на 5.
Решение:
Обозначим сумму всех семи натуральных чисел a
1, a
2,
,a
7 через A. Тогда при любом n (1 ≤ n ≤ 7) в силу условия
числа A – a
n делятся на 5. Следовательно, и их сумма
A – a
1 + A – a
2 +
+ A – a
7 = 7A – a = 6A делится на 5. Поэтому A
делится на 5 и при любом n числа a
n = A + (a
n – A) также
делятся на 5.
Задача 4:
В школу поступили 5 мешков с мукой. В школе были весы, но не хватало
гирь, чтобы отвесить груз между 50кг. и 100кг. Вес каждого мешка
составлял целое число килограммов. Мешки стали взвешивать парами, веса
которых составили 110кг., 112кг., 113кг., 114кг., 115кг., 116кг.,
117кг., 118кг., 120кг., 121кг. Сколько весил каждый мешок в отдельности?
Решение: Обозначим массы мешков A > B > C > D > E. Тогда D + E = 110, C + E = 112,
A + B = 121, A + C = 120. Сложив всевозможные попарные суммы, получим
пятое уравнение: 4(A + B + C + D + E) = 1156, то есть A + B + C + D + E = 289.
Вычитая из последнего уравнения первое и третье, находим C = 58.
Тогда A = 62, B = 59, E = 54, D = 56. Непосредственной проверкой
убеждаемся, что найденные веса действительно соответствуют
условию задачи.